Число abc - простое число. докажите, что b^2-4ac не явлется квадратом целого числа.

Пусть: 100*a+10*b+c=p (трехзначное простое число.(a,b,c -цифры)

Приметим сразу что тк p>2,то оно нечетно, а значит и c нечетно.

Тогда уравнение:

a*x^2+b*x+c=p (должно иметь корень 10, а другой корень будет рационален и иметь вид k/2a ,где k-целое число)

Предположим ,что b^2-4ac -полный квадрат, но это значит ,что уравнение:

a*x^2+bx+с=0 имеет рациональные корни вида x1=k1/2a и x2=k2/2a.(k1,k2-целые числа).

То есть справедливо разложение на множители: a*x^2+bx+c=a*(x-k1/2a)*(x-k2/2a)

Так же приметим ,что по теореме

Виета тк :a,b,c-цифры a>0;b>0;c>0

-b/a=x1+x2<0 c/a=x1*x2>0 .Тк произведение корней положительно, то каждый из них либо положительный либо отрицательный, но тк их сумма отрицательна, то каждый из корней отрицателен. Из этого следует, что -k1>0 ;-k2>0

Таким образом уравнение:

a*x^2+b*x+c=p

Может быть записано в виде:

a*(x-k1/2a)*(x-k2/2a)=p

Мы знаем, что 10-корень этого уравнения ,тогда:

a*(10-k1/2a)*(10-k2/2a)=p

(20a-k1)*(20a-k2)=4*a*p

Сразу приметим что a не равно 0,тк первая цифра не бывает нулем.

Пусть a-является нечетным:

а=1,3,5,7,9

Заметим, что все числа кроме 9 делятся только на себя или на 1. То есть либо простое ,либо равно 1.

Предположим, что a-нечетное и не равно 9. Тогда в любом случае хотя бы одно из слагаемых: 20a-k1 или 20a-k2 делится на a,то есть хотя бы одно из чисел k1 или k2 делится на a,тк 20a делится на a.

Тогда возьмем произвольно k1=a*r

r-целое число.

Тогда:

(20-r)*(20a-k2)=4*p

Предположим, что оба числа r и k2 кратны 2: r=2f1 ; k2=2f2

(10-f1)*(10*a-f2)=p

Тогда, тк -f1>0 и -f2>0

(10-f1)>10

(10*a-f2)>10

Но тк число p простое , то одно из выражений (10-f1) и (10*a-f2) равно p, а другое 1, но 1<10 ,то есть такое невозможно.

Аналогично ,если предположить, что только одно из чисел r и k2 кратно 2. То это же число должно быть кратно 4. То есть будет разложение: (5-f3)*(20a-k2)=p ,либо

(5a-f3)*(20a-k1)=p ,но опять же 1<5<20. Поэтому такое так же невозможно.

Рассмотрим теперь случай когда a=9. Случай когда одно из слагаемых 20a-k1 или 20a-k2 делится на 9 отпадает по аналогии с предыдущим. Нас интересует тот случай когда обе скобки делятся на 3. В этом случае, тк a=9 делится на 3, то k1 и k2 делятся на 3. k1=3f1;

k2=3f2.

(60-f1)*(60-f2)=4p

По аналогии с предыдущим случаем тк 60>20 и 60 делится на 4, то здесь и подавно такое невозможно.

Теперь рассмотрим случай когда a-четно. a=2,4,6,8.

(20a-k1)*(20a-k2)=4*a*p

Тут можно обосновать так. Пусть a=2^r *f f нечетно. Тогда это можно записать так:

(20*2^r * f-k1)*(20*2^r * f-k2)=4*2^r *f*p

Тк f нечетно, то можно провести те же рассуждения что и с нечетными a, только количество итераций половинного деления будет больше. Но сколько бы итераций не было , в любом случае минимальное число что получится в скобке в любой из итераций будет равно 20*2^r/4*2^r=5>1 или 5f>1. Таким образом мы доказали пришли к противоречию :b^2-4ac не может быть полным квадратом, если число abc простое .